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题解 P2831 愤怒的小鸟

题面

在坐标系第一象限有一些点,用一些经过原点、开口向下的抛物线 \(y=ax^2+bx\) 覆盖所有点,最少需要多少条

思路

注意到 \(n\le 18\),基本上是状压 DP

初始做法

考虑压缩点的覆盖状态,设 \(f[S]\) 表示集合 \(S\) 被覆盖需要最少的抛物线数

每两个点确定一条抛物线(经过原点),预处理每条抛物线 \(line_{i,j}\) 能覆盖的点集合

不难得出转移方程: \[ f[S\cup line_{i,j}]=f[S]+1\\ f[S\cup i]=f[S]+1 \] 那么 \(O(2^n)\) 枚举集合状态,再每个状态 \(O(n^2)\) 枚举抛物线转移,复杂度 \(O(Tn^2 2^n)\)

估算一下,计算量在 4e8 级别,不一定过

优化

在每个状态 \(S\),转移后至少覆盖一个点

从 i 出发枚举抛物线转移和从 j 出发枚举的顺序先后没有关系

先覆盖 i,和覆盖 j 后再覆盖 i,是一样的(如果 j 出发的抛物线能覆盖 i,从 i 出发也一定能覆盖 j)

于是每个状态我只从一个点出发枚举抛物线,复杂度降到 \(O(Tn2^n)\),稳过

要预处理每个状态最小的未覆盖的点是哪个

提示

从两个点的坐标 \((x_1,y_1),(x_2,y_2)\) 算出抛物线参数 \(a,b\),要推一下公式:

\(a\)\[ \begin{cases} y_1=ax_1^2+bx_1\\ y_2=ax_2^2+bx_2 \end{cases}\\ \begin{cases} \frac{y_1}{x_1}=ax_1+b\\ \frac{y_2}{x_2}=ax_2+b \end{cases}\\ a(x_1-x_2)=\frac{y_1}{x_1}-\frac{y_2}{x_2}\\ a=\frac{x_2y_1-x_1y_2}{x_1x_2(x_1-x_2)} \]\(b\)\[ \begin{cases} y_1=ax_1^2+bx_1\\ y_2=ax_2^2+bx_2 \end{cases}\\ \begin{cases} \frac{y_1}{x_1^2}=a+\frac{b}{x_1}\\ \frac{y_2}{x_2^2}=a+\frac{b}{x_2} \end{cases}\\ b(\frac{1}{x_1}-\frac{1}{x_2})=\frac{y_1}{x_1^2}-\frac{y_2}{x_2^2}\\ b=\frac{x_1^2y_2-x_2^2y_1}{x_1x_2(x_1-x_2)} \]

code

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#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <algorithm>
#include <cmath>

using namespace std;

template<typename T> inline void read(T &x) {/* fast read */}

const int N = 20;
const int MAXN = (1 << 18) - 1;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const double eps = 1e-8;

// 封装了抛物线,便于比较
struct Line {
double a, b;
bool operator ==(Line &t) {
return fabs(a - t.a) <= eps && fabs(b - t.b) <= eps;
}
};

int T, n, m, maxn;
int low[MAXN], line[N][N], f[MAXN];
double x[N], y[N];

// 由推导的公式算抛物线
inline Line get_line(int a, int b) {
return (Line){
(x[b] * y[a] - x[a] * y[b]) / (x[a] * x[b] * (x[a] - x[b])),
(x[a] * x[a] * y[b] - x[b] * x[b] * y[a]) / (x[a] * x[b] * (x[a] - x[b]))
};
}

int main() {
// 预处理最小未覆盖的点
for (int i = 0; i <= MAXN; ++i)
for (int j = 0; j < N; ++j)
if ((i & (1 << j)) == 0) {
low[i] = j + 1;
break;
}
read(T);
while (T--) {
read(n), read(m);
maxn = (1 << n) - 1;
for (int i = 1; i <= n; ++i)
scanf("%lf%lf", &x[i], &y[i]);
for (int i = 1; i <= n; ++i)
for (int j = 1; j <= n; ++j) {
line[i][j] = 0;// 多测清空
if (fabs(x[i] - x[j]) >= eps) {// 横坐标相同则无解
Line t = get_line(i, j);
if (t.a > -eps) continue;// 解出来开口向上不算
line[i][j] |= (1 << (i - 1)) | (1 << (j - 1));
// 寻找在同一抛物线上的点
for (int k = 1; k <= n; ++k)
if (k != i && k != j && get_line(i, k) == t)
line[i][j] |= 1 << (k - 1);
}
}
for (int i = 0; i <= maxn; ++i) f[i] = INF;// 清空qwq
f[0] = 0;
for (int i = 0; i < maxn; ++i) {
int x = low[i], j = 1 << (x - 1);
if (x > n) continue;
f[i|j] = min(f[i|j], f[i] + 1); // 只覆盖一个点
for (int y = 1; y <= n; ++y)
f[i|line[x][y]] = min(f[i|line[x][y]], f[i] + 1); // 通过抛物线转移
}
printf("%d\n", f[maxn]);
}
return 0;
}